嘉定区物理二模2017?1、说明作用力与反作用了,改变物体运动状态,后,精致的,燃料化学能转化为内能,再转化为机械能。2、图没有,机翼升力的原因是上表面的压力小于机翼下表面的压力,所以总体对机翼产生一个向上的力。3、那么,嘉定区物理二模2017?一起来了解一下吧。
首先,列等式。两个容器底部压强在抽出相同体积液体后相等。即,ρAg(HA-H)=ρBg(HB-H)则ρA=ρB(HB-H)/(HA-H),由于HA>HB,所以ρA<ρB。
还是上面公示,可以演算出,ρAHA-ρBHB=(ρA-ρB)H由于ρA<ρB,所以A的压力和压强小于B。选C。
答案C
A液面高,抽出相同体积的液体后,A的液面任然高(体积大),而此刻压强相等(重力相等),可以推断出A密度小
抽出相同体积的液体后压强相等,容器相同(底面积相同)可以推断出此时压力也相等
那么我们想象再把抽出的液体加回去,就回到了原始状态,而A密度小加回去的重量也就小,于是得出 FA<FB,pA<pB
我20年前是物理课代表,现在公式什么都忘记了,还保留一点逻辑思维能力。
(1)物块到达斜面底端时速度最大
v2=2as
代入数据得a=2m/s2
对斜面上物块受力分析
mgsinθ-F cosθ-μ(mgcosθ+Fsinθ)=ma
代入数据,
解得F=2.6N;
(2)设斜面上物块加速度为a,运动时间为t1,在水平面上运动时间为t2
则s= 2 11 2 at
到达底端时速度为v=
=μgt22as
则总时间为t=t1+t2=
+2s a 2as μg
根据基本不等式,当a=μg=2m/s2时有t最小值,tmin=2s
答:(1)若物块运动过程中最大速度为2m/s,水平恒力F的大小为2.6N
(2)若改变水平恒力F的大小,可使物块总的运动时间有一最小值,最小值为2s
解:(1)由力的平衡知识
m0g=kx1
解得x1=
-------①m0g k
(2)受力分析如图所示
kx2=m0g+mg
x2=
----------②(m+m0)g k
(3)由电学公式
E=IR---------------③
U=IRx--------------④
=Rx R
--------------⑤x L
据题意x=x2-x1---------⑥
由①、②、⑥式得x=
------⑦mg k
由③、④、⑤、⑦式得m=
UkL gE
答:(1)托盘上未放物体时,在托盘自身重力的作用下,P1离A的距离x1为
.m0g k
(2)托盘上放有质量为m的物体时,P1离A的距离x2
.(m+m0)g k
(3)在托盘上未放物体时通常先校准零点,其方法是:调节P2,使P2离A的距离也为x1,从而使P1、P2间电压为零.校准零点后,将物体m放在托盘上,则物体质量m与P1、P2间的电压的函数关系式为m=
U.kL gE
1、说明作用力与反作用了,改变物体运动状态,后,精致的,燃料化学能转化为内能,再转化为机械能。
2、图没有,机翼升力的原因是上表面的压力小于机翼下表面的压力,所以总体对机翼产生一个向上的力。
3、最大起飞质量72500kg,则F=G=mg=7.25x10^5N
4、有用功W=50x4.2x10x60%=1.26x10^3J(多少次方就自己加吧)
P=W/t=1.26x10^3/60=2.1x10^1W
5、空机42100kg,G=mg=4.21x10^5N
P=G/S=4.21x10^5/2=2.1x10^5Pa
g我用10算的,要是取9.8你用计算器重新算一下吧。
以上就是嘉定区物理二模2017的全部内容,(1)物块到达斜面底端时速度最大v2=2as代入数据得a=2 m/s2对斜面上物块受力分析mgsinθ-F cosθ-μ(mgcosθ+Fsinθ)=ma代入数据,解得F=2.6N; (2)设斜面上物块加速度为a,运动时间为t1。