房山2017二模物理？2、图没有，机翼升力的原因是上表面的压力小于机翼下表面的压力，所以总体对机翼产生一个向上的力。3、最大起飞质量72500kg，则F=G=mg=7.25x10^5N 4、那么，房山2017二模物理？一起来了解一下吧。
由表格中数据知，深度每增大0.01m，拉力减小2N，由此可得△F=
=200N/m；当深度为0时，拉力为20N．2N 0.01m
则金属圆柱体所受到拉力F大小与浸入水中深度h的关系式为F=20N-200N/m?h．
故答案为：F=20N-200N/m?h．
首先，列等式。两个容器底部压强在抽出相同体积液体后相等。即，ρAg(HA-H)=ρBg(HB-H)则ρA=ρB(HB-H)/(HA-H)，由于HA>HB，所以ρA<ρB。
还是上面公示，可以演算出，ρAHA-ρBHB=(ρA-ρB)H由于ρA<ρB，所以A的压力和压强小于B。选C。
1、说明作用力与反作用了，改变物体运动状态，后，精致的，燃料化学能转化为内能，再转化为机械能。
2、图没有，机翼升力的原因是上表面的压力小于机翼下表面的压力，所以总体对机翼产生一个向上的力。
3、最大起飞质量72500kg，则F=G=mg=7.25x10^5N
4、有用功W=50x4.2x10x60%=1.26x10^3J(多少次方就自己加吧)
P=W/t=1.26x10^3/60=2.1x10^1W
5、空机42100kg，G=mg=4.21x10^5N
P=G/S=4.21x10^5/2=2.1x10^5Pa
g我用10算的，要是取9.8你用计算器重新算一下吧。
答案C
A液面高，抽出相同体积的液体后，A的液面任然高（体积大），而此刻压强相等（重力相等），可以推断出A密度小
抽出相同体积的液体后压强相等，容器相同（底面积相同）可以推断出此时压力也相等
那么我们想象再把抽出的液体加回去，就回到了原始状态，而A密度小加回去的重量也就小，于是得出 FA＜FB，pA＜pB
我20年前是物理课代表，现在公式什么都忘记了，还保留一点逻辑思维能力。
当S1、S2闭合S3断开、且滑片滑到a端时，灯泡被短接，R1与滑动变阻器并联，此时电流表A1测干路电流，A2测滑动变阻器电流，电流表A1、A2的示数之比是3:1，所以R1支路电流与滑动变阻器支路电流之比为2:1，所以R1的阻值为滑动变阻器的1/2，即30/2=15欧。当S1、S2断开S3闭合，且滑片P置于变阻器的中点时，灯泡与滑动变阻器串联。灯刚好正常发光，所以此时灯泡两端电压为其额定电压3v，电路中的电流为其额定电流I=P/U=3w/3v=1A,因为滑片P置于变阻器的中点，所以此时接入电路的阻值为15欧，滑动变阻器两端的电压为U=IR=1*15=15v，所以电源电压为3v+15v=18v。R1阻值小于滑动变阻器的最大阻值，所以当S1、S2断开S3闭合，且滑片P置于变阻器的a端时电路中电阻最大，消耗的功率最小，灯上标有“3V3W”字样，灯泡电阻为3欧，总电阻为33欧，此时电路消耗的总功率为P=U*U/R=18*18/33=9.82w。
以上就是房山2017二模物理的全部内容，则重物对地面的压力，也就是地面对重物的支持力为：F压2=F支2=PS=1.2×104Pa×0.02m2=240N，所以OA×（G-F支2）=OB×（F2-G人）。
